首先看动态规划的三要素:重叠子问题、最优子结构和状态转移方程。

重叠子问题:存在大量的重复计算

最优子结构:

状态转移方程:当前状态转移成以前的状态

动态规划的解题步骤主要有:

  • 确定 dp 数组以及下标的含义
  • 状态转移方程、递推公式
  • dp数组初始化、遍历顺序
  • 写代码验证

直接看实际的算法题

1.LeetCode70. 爬楼梯

假设你正在爬楼梯。需要 n 阶你才能到达楼顶。

每次你可以爬 12 个台阶。你有多少种不同的方法可以爬到楼顶呢?

示例 1:

输入:n = 2输出:2解释:有两种方法可以爬到楼顶。1. 1 阶 + 1 阶2. 2 阶

实际上就是斐波那契算法,我们按最后一次爬楼梯的情形:只有爬1个或者2个台阶,如下图:

所以状态转移方程就是 f(n) = f(n-1) + f(n-2)

public int climbStairs(int n) {if(n == 1) {return 1;}int[] dp = new int[n + 1];dp[0] = 1;dp[1] = 1;dp[2] = 2;for(int i = 3; i <= n; i++) {dp[i] = dp[i - 1] + dp[i - 2];}return dp[n];}

变体:如果可以爬1、2、3、4…m 级台阶,如何求最后的次数?根据上面的图可以得到状态方程:

f(n) = f(n-1) + f(n-2) +...+f(n - m)所以解题代码为:

public int climbStairs2(int n) {int[] dp = new int[n+1];dp[0] = 1;for(int i = 1; i <= n; i++) {for(int j = 1; i <= m; j++) {if(i - j >= 0) {dp[i] = dp[i - j];}}}return dp[n];}
2.LeetCode746. 使用最小花费爬楼梯

给你一个整数数组 cost ,其中 cost[i] 是从楼梯第 i 个台阶向上爬需要支付的费用。一旦你支付此费用,即可选择向上爬一个或者两个台阶。

只能选择从下标为 0 或下标为 1 的台阶开始爬楼梯,

请你计算并返回达到楼梯顶部的最低花费。

示例 1:

输入:cost = [10,15,8]输出:15解释:你将从下标为 1 的台阶开始。- 支付 15 ,向上爬两个台阶,到达楼梯顶部。 总花费为 15 。

这题的思路和上一题爬楼梯很像,我们还是自顶向下来考虑,

如果最后一次选择记为f(n) 那么需要考虑f(n-1)f(n-2)谁更小,然后再加上当前的花费值。那么状态转移方程为:f(n) = min(f(n-1), f(n-2)) + cost[n]。因此代码就容易了:

public int minCostClimbingStairs(int[] cost) {int[] dp = new int[cost.length];dp[0] = cost[0];dp[1] = cost[1];for(int i = 2; i < cost.length; i++) {dp[i] = Math.min(dp[i - 1], dp[i - 2]) + cost[i];}//因为可以一次性爬两层,所以最后再比较倒数一次和倒数第二次的爬楼梯花费return Math.min(dp[cost.length - 1], dp[cost.length - 2]);}
3.LeetCode62. 不同路径

一个机器人位于一个 m x n 网格的左上角 (起始点在下图中标记为 “Start” )。

机器人每次只能向下或者向右移动一步。机器人试图达到网格的右下角(在下图中标记为 “Finish” )。

问总共有多少条不同的路径?

示例 1:

输入:m = 3, n = 7输出:28

看题目可以知道,和前两题不一样,需要我们从两个维度去考虑。因此可以选择二维dp数组来解决问题,按照动态规划解题步骤:

  1. 确定dp数组的含义
    • dp[m][n] 表示从 [0][0][m][n] 的路径条数,数组内的下标表示所处的位置
  2. 确定状态转移方程
    • 我们知道当前位置状态来源于左侧和上侧位置状态因此可以写成:
    • dp[m][n] = dp[m-1][n] +dp[m][n-1]
  3. 确定dp数组初始状态和遍历顺序
    • 初始状态要注意,和一维dp数组考虑一个初始值不同。我们要考虑二维多个初始值:
      • dp[0][i]dp[j][0] 这两列上,路径条数都应该为1
    • 遍历顺序,按照从小到大的原则进行

综合上面的思路,可以写出代码

public int uniquePaths(int m, int n) {int[][] dp = new int[m][n];//初始化dp数组for(int i = 0; i < m; i++) dp[i][0] = 1;for(int j = 0; j < n; j++) dp[0][j] = 1;//遍历顺序for(int i = 1; i < m; i++) {for(int j = 1; j < n; j++) {//状态转移方程dp[i][j] = dp[i][j - 1] + dp[i - 1][j];}}return dp[m - 1][n - 1];}
4.LeetCode63. 不同路径 II

一个机器人位于一个 m x n 网格的左上角 (起始点在下图中标记为 “Start” )。

机器人每次只能向下或者向右移动一步。机器人试图达到网格的右下角(在下图中标记为 “Finish”)。

现在考虑网格中有障碍物。那么从左上角到右下角将会有多少条不同的路径?

网格中的障碍物和空位置分别用 1 和 0 来表示。

示例 1:

输入:obstacleGrid = [[0,0,0],[0,1,0],[0,0,0]]输出:2解释:3x3 网格的正中间有一个障碍物。从左上角到右下角一共有 2 条不同的路径:1. 向右 -> 向右 -> 向下 -> 向下2. 向下 -> 向下 -> 向右 -> 向右

这题和上一题的区别就是有了障碍,那么我们该如何考虑这个障碍呢?主要分成两个方面:

  • 初始化时遇到障碍:

  • 顺序遍历时遇到障碍:

    也就是题目给出的情况,这种情况将障碍处设置为0 即可

其余的和上一题类似,所以直接给出代码:

public int uniquePathsWithObstacles(int[][] obstacleGrid) {// 数组的行数int m = obstacleGrid.length;// 数组的列数int n = obstacleGrid[0].length;int[][] dp = new int[m][n];//障碍及后面方格统一初始化for(int i = 0; i < m; i++) {if(obstacleGrid[i][0] == 1) {break;}dp[i][0] = 1;}for(int j = 0; j < n; j++) {if(obstacleGrid[0][j] == 1) {break;}dp[0][j] = 1;}for(int i = 1; i < m; i++) {for(int j = 1; j < n; j++) {//遍历过程遇见障碍,直接跳过if(obstacleGrid[i][j] == 1) {dp[i][j] = 0;continue;}dp[i][j] = dp[i - 1][j] + dp[i][j - 1];}}return dp[m - 1][n - 1];}
5.leetCode343. 整数拆分

给定一个正整数 n ,将其拆分为 k正整数 的和( k >= 2 ),并使这些整数的乘积最大化。

返回 你可以获得的最大乘积

示例 1:

输入: n = 2输出: 1解释: 2 = 1 + 1, 1 × 1 = 1。

我们按照动态规划解题步骤一步步来:

  • 1.确定dp数组的含义以及下标:

    • dp数组表示的是最大乘积,下标表示整数n
  • 2.确定状态转移方程:

    • 考虑到一个整数至少要分成2个及以上的整数,所以:

      • 分成2个可以表达成 i * j
      • 分成2个以上可以表达成 j * dp[i - j]
    • 所以转移方程应该为: dp[i] = max(j * dp[i - j], j * i)

      • 但是这里我们会发现得不到符合题意的值:

        因为每次取的都是最后一个,比如 dp[10] = max(9 * dp[1], 9 * 1) ,所以每次需要与前面的 dp[i] 比较,得到最后的最大值。

      • 因此转移方程应为:dp[i] = max(dp[i],max(j * dp[i - j], j * (i - j)))

  • 3.确定初始值,遍历顺序

    • dp[2] = 1,dp[1] = 1,dp[0] = 1 (dp[0] 和 dp[1] 实际上不符合题意,虽然赋值1 不影响结果)
    • i从3到n 遍历,j 从 1 到 i – 2 遍历
  • 4.根据上面三个步骤写代码:

public int integerBreak(int n) {int[] dp = new int[n + 1];//初始化赋值dp[2] = 1;for(int i = 3; i <= n; i++) {//从下标为2开始遍历for(int j = 1; j < i - 1; j++) {dp[i] = Math.max(dp[i], Math.max(j * (i - j), j * dp[i - j]));}}return dp[n];}
6.LeetCode96. 不同的二叉搜索树

给你一个整数 n ,求恰由 n 个节点组成且节点值从 1n 互不相同的 二叉搜索树 有多少种?返回满足题意的二叉搜索树的种数。

示例 1:

输入:n = 3输出:5

这题确实不好解决,二叉搜索树的种树这个变量不好确定。需要以左右子树为基础进行考虑,下面引用代码随想录的思路:

dp[3],就是 元素1为头结点搜索树的数量 + 元素2为头结点搜索树的数量 + 元素3为头结点搜索树的数量

元素1为头结点搜索树的数量 = 右子树有2个元素的搜索树数量 * 左子树有0个元素的搜索树数量

元素2为头结点搜索树的数量 = 右子树有1个元素的搜索树数量 * 左子树有1个元素的搜索树数量

元素3为头结点搜索树的数量 = 右子树有0个元素的搜索树数量 * 左子树有2个元素的搜索树数量

有2个元素的搜索树数量就是dp[2]。

有1个元素的搜索树数量就是dp[1]。

有0个元素的搜索树数量就是dp[0]。

所以dp[3] = dp[2] * dp[0] + dp[1] * dp[1] + dp[0] * dp[2]

所以状态转移方程为 dp[i] += dp[j] * dp[i - j - 1];

初始值dp[0] = 1;dp[1] = 1,按照节点个数进行遍历。直接下出如下代码

public int numTrees(int n) {int[] dp = new int[n + 1];//初始化赋值dp[0] = 1;dp[1] = 1;for(int i = 2; i <= n; i++) {for(int j = 0; j < i; j++) {dp[i] += dp[j] * dp[i - j - 1];}}return dp[n];}