结论:实质是在数组上建堆。排升序建大堆,排降序建小堆。
思路:
因为叶子结点本身就是一个大堆,所以从最后一个叶子结点的父亲结点开始进行向下建堆。这样就能够保证每次建的堆都是大堆。
注意:
1.注意循环结束条件,和if语句里的边界问题child + 1 < n
2.注意完全二叉树父子关系公式
#include //交换void swap(int* x, int* y){int t = 0;t = *x;*x = *y;*y = t;}//向下调整void AdjustDown(int* a, int n, int root){int parent = root;int child = parent * 2 + 1;while (child< n){//每次调整都需要从左右两边选出孩子最大的那个//假设坐孩子较大,选出左右孩子大的那个if (child + 1 < n && a[child + 1] > a[child]){++child;}//开始调整。if (a[child] > a[parent]){swap(&a[child], &a[parent]);parent = child;child = parent * 2 + 1;}//不满足就跳出,开始下次for循环调整。else{break;}}}void HeapSort(int* a, int n){//向下调整建堆int i = 0;for (i = (n - 1 - 1) / 2; i >= 0; i--){AdjustDown(a, n, i);}}int main(){int arr[] = { 4,2,7,8,5,1,0,6 };int sz = sizeof(arr) / sizeof(arr[0]);HeapSort(arr, sz);return 0;}
1.从堆底依次 和 堆顶的数据进行交换。
2.对交换后的 堆顶的值 进行向下调整。向下调整时请无视交换到堆底那个最大的值。
3.继续循环第一步和第二步,直到到正数第二个数结束。
void swap(int* x, int* y){int t = 0;t = *x;*x = *y;*y = t;}void AdjustDown(int* a, int n, int root){int parent = root;int child = parent * 2 + 1;while (child< n){//每次调整都需要从左右两边选出孩子最大的那个//假设坐孩子较大,选出左右孩子大的那个if (child + 1 < n && a[child + 1] > a[child]){++child;}//开始调整。if (a[child] > a[parent]){swap(&a[child], &a[parent]);parent = child;child = parent * 2 + 1;}//不满足就跳出,开始下次for循环调整。else{break;}}}void HeapSort(int* a, int n){//向下调整建堆int i = 0;for (i = (n - 1 - 1) / 2; i >= 0; i--){AdjustDown(a, n, i);}//向下调整排序int end = 0;for (end = n-1; end > 0; end--){swap(&a[0], &a[end]);//向下调整时无视最大的那个值,所以end是n-1。AdjustDown(a, end, 0);}}int main(){int arr[] = { 4,2,7,8,5,1,0,6 };int sz = sizeof(arr) / sizeof(arr[0]);HeapSort(arr, sz);return 0;}
//向下调整建堆int i = 0;for (i = (n - 1 - 1) / 2; i >= 0; i--){AdjustDown(a, n, i);}
很多人的误区在于他的时间复杂度是N*Log2N。这是错误的。
时间复杂度的计算是看思想,而不是看循环猜测。
当是满二叉树,在最坏的情况下,除了最后一层,上面所有层都需要进行向下调整。
最坏情况下的调整次数 = 每层数据个数 * 向下调整次数
第一层向下调整次数是h-1,节点个数是21-1
第二层向下调整次数是h-2, 节点个数是22-1
第h-1层向下调整次数是1,节点个数是2h-1-1
所以总的调整次数为n:
n = 20*(h-1) + 21 *(h-2)+… + 2h-1-1 *(1)
根据高中错位相减得到
n = 1−h+21+22+…+2h−2+2h−1
由等比数列前n项和得到
n = 2h−h−1
由二叉树性质N=2h−1和 h = log2(N+1) 得到
n=N−log2(N+1)
大O渐进表示法为n= O(N)
需要向下调整n-1次。每次需要调整的高度为LogN,N为节点的个数,因为节点个数每次少一个。
所以n-1次调整总次数 = log2+log3+…+log(n-1)+log(n)≈log(n!)
由数学知识得log(n!)和nlog(n)是同阶函数。
所以向下调整排序时间复杂度为N*LogN
所以堆排序时间复杂度为:N + N*LogN
大O渐进表示法为:O(N*LogN)
总结:堆排序时间复杂度 O(N*LogN)
向上调整排序和向下调整排序的唯一不同在于建堆的不同,导致二者的建堆的时间复杂度略微不同。
向上调整建堆时间复杂度为N*LogN.
具体原因还需要经过残酷的数学计算。孩子不会啊。但是经过网上查阅资料我又找到了计算方法。如图。
根据二叉树的性质:h = Log2(N+1)
可以将T(h) = 2h * (h-2) + 2换为:
所以总体来说就是向上调整的建堆时间复杂度为O(N * LogN).
思路:从第二个元素开始,只关注前两个元素建堆,然后再依次增加元素建堆,使它一直为堆。
向上调整建堆虽然时间复杂度略高,但是代码相对于向下调整简单一点点。
void AdjustUp(int* a, int child){//先把父亲节点表示出来。int parent = (child - 1) / 2;while (child > 0){//比较孩子和父亲,开始向上调整。if (a[child] > a[parent]){swap(&a[child], &a[parent]);child = parent;parent = (child - 1) / 2;}else{break;}}}