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暴力枚举

• 猜年龄
• • 问题描述：
  • 思路分析：
• 网友年龄
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  • 思路分析：
• 生日年龄数
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  • 思路分析：
• 数学题
• • 问题描述：
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• 马虎的算式
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• 奇怪的分式
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  • 思路分析：
• 几何题
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  • 思路分析：

在进行归纳推理时，如果逐个考察了某类事件的所有可能情况，因而得出一般结论，那么这结论是可靠的，这种归纳方法叫做枚举法．

• 枚举法，也叫暴力破解法，是一种基于逐个尝试答案的一种问题求解策略。

• 最开始接触算法的时候，大家练习的基础算法都是有关于枚举算法的，比如打印出9 * 9的乘法表，求水仙花数，求素数等等，像这一类的题目就是在一定的范围内寻找满足条件的答案。

• 枚举算法的核心思想就是：枚举所有的可能

猜年龄

问题描述：

美国数学家维纳(N.Wiener)智力早熟，11岁就上了大学。他曾在1935~1936年应邀来中国清华大学讲学。 一次，他参加某个重要会议，年轻的脸孔引人注目。于是有人询问他的年龄，他回答说：“我年龄的立方 是个4位数。我年龄的4次方是个6位数。这10个数字正好包含了从0到9这10个数字，每个都恰好出现1次。”请你推算一下，他当时到底有多年轻。直接提交他那时的年龄数字。

思路分析：

通过暴力破解的方法，找到年龄的大概范围，假设他的年龄为x,10^3=1000, 30^4=8100，说明x的范围在[10,30]之间。

int main(){for(int i = 10;i <= 30;i++){printf("%d= %.0f %.0f\n",i,pow(i,3),pow(i,4));//pow指i的立方，i的四次方}return 0;}

结果：

网友年龄

问题描述：

某君新认识一网友。当问及年龄时，他的网友说：“我的年龄是个2位数，我比儿子大27岁,

如果把我的年龄的两位数字交换位置，刚好就是我儿子的年龄”

请你计算：网友的年龄一共有多少种可能情况？

提示：30岁就是其中一种可能哦.

请填写表示可能情况的种数。

思路分析：

网友的年龄比他儿子大27，就说明网友至少27岁，即为初始值为27，两位数最大也就是99，范围【27,99】，假设网友年龄为i，设个位为b,十位数为10a,把他的年龄数字交换位置正好是他的儿子的年龄，那么他儿子的年龄为10b+a,判断条件是网友的年龄减去27等于他儿子的年龄，sum累加几种可能性。

#include#includeint main(){int i,a,b,son,sum=0;for(i=27;i<100;i++){a=i/10;b=i%10; //例如41对10整除取4，对10取余得1，即他儿子14岁son=(b*10)+a;if(27==i-son){printf("%d\n",i);sum++;}}printf("共有%d种可能性\n",sum);return 0;}

结果：

30415263748596共有7种可能性

生日年龄数

问题描述：

某君从某年开始每年都举办一次生日party，并且每次都要吹熄与年龄相同根数的蜡烛。现在算起来，他一共吹熄了236根蜡烛。

请问，他从多少岁开始过生日party的？

请输出他开始过生日party的年龄数。

注意：你输出的应该是一个整数，不要输出任何多余的内容或说明性文字。

输入

没有输入。

输出

输出一个整数，即某君开始过生日party的年龄数

提示

用printf或cout输出答案。

思路分析：

假设i为初始年龄，j为终止年龄，j肯定要大于i,那么j=i+1,k为多少根蜡烛！暴力累加。

int main(){for(int i=1;i<=100;i++){for(int j=i+1;j<=100;j++){int sum=0; for(int k=i;k<=j;k++){sum += k;}if(sum==236) printf("%d",i);}}return 0;}

结果：26

数学题

问题描述：

有限五位数

个位数为6且能被3整除的五位数有多少个？

思路分析：

首先分析5位数的范围【10000,99999】，个位数为6说明至少两位数，并对3取余，ans累加。

#include #include int main() {int ans=0;for(int i=10000;i<=99999;i++){if((i*10+6)%3==0){ans++;}}printf("能被3整除的有%d个",ans); return 0;}

结果：能被3整除的有3000个

马虎的算式

问题描述：

小明是个急性子，上小学的时候经常把老师写在黑板上的题目抄错了。有一次，老师出的题目是：36 x 495 =? 他却给抄成了：396 x 45 = ? 但结果却很戏剧性，他的答案竟然是对的！！ 因为 36 * 495 = 396 * 45= 1782 类似这样的巧合情况可能还有很多，比如：27* 594 = 297 * 54

假设 a b c d e 代表1~9不同的5个数字（注意是各不相同的数字，且不含0）

能满足形如： ab * cde = adb* ce 这样的算式一共有多少种呢？请你利用计算机的优势寻找所有的可能，并回答不同算式的种类数。

满足乘法交换律的算式计为不同的种类，所以答案肯定是个偶数。

答案直接通过浏览器提交。注意：只提交一个表示最终统计种类数的数字，不要提交解答过程或其它多余的内容。

思路分析：

假设a b c d e 代表1~9不同的5个数字，a b c d e的范围在【1,9】，有多少种结果用ans累加法，通过判断条件abcde=adbce满足条件累加1,然后有一种可能就是a与b相等，所以判断否定a不等于b,其他字母也一样。

 #include int main(){ int ans=0,m,n; for(int a = 1;a<=9;a++){ for(int b = 1;b<=9;b++){ for(int c = 1;c<=9;c++){ for(int d =1;d<=9;d++){ for(int e =1;e<=9;e++){m = (a*10+b)*(c*100+d*10+e); n = (a*100+d*10+b)*(c*10+e); if(m==n&&a!=b&&a!=c&&a!=d&&a!=e&&b!=c&&b!=d&&b!=e&&c!=d&&c!=e&&d!=e){ ans++; } } } } } } printf("一共%d种",ans); return 0; }

结果：142

奇怪的分式

问题描述：

上小学的时候，小明经常自己发明新算法。一次，老师出的题目是： 1/4 乘以 8/5 小明居然把分子拼接在一起，分母拼接在一起，答案是：18/45。老师刚想批评他，转念一想，这个答案凑巧也对啊，真是见鬼！

对于分子、分母都是 1~9 中的一位数的情况，还有哪些算式可以这样计算呢？ 请写出所有不同算式的个数（包括题中举例的）。

显然，交换分子分母后，例如：4/1 乘以 5/8 是满足要求的，这算做不同的算式。

但对于分子分母相同的情况，2/2 乘以 3/3 这样的类型太多了，不在计数之列!

注意：答案是个整数（考虑对称性，肯定是偶数）。

请通过浏览器提交。不要书写多余的内容。

思路分析：

其实跟上一道差不多，找出范围，找出判断条件，找出不符合条件，利用累加ans

注意不可以用（a/b)*(c/d)==((a*10+c)/b*10+d)),而是利用数学里面的十字相乘法

 #include int main(){ int ans=0; for(int a=1;a<=9;a++){ for(int b =1;b<=9;b++){ for(int c =1;c<=9;c++){ for(int d=1;d<=9;d++){ if(a==b&&c==d) continue; int e = a*10+c,f = b*10+d; if(a*c*f==b*d*e){ ans++; }} } } } printf("%d",ans); return 0; }

结果：14

几何题

问题描述：

小蓝有一个超大的仓库，可以摆放很多货物。现在，小蓝有 n 箱货物要摆放在仓库，每箱货物都是规则的正方体。小蓝规定了长、宽、高三个互相垂直的方向，每箱货物的边都必须严格平行于长、宽、高。小蓝希望所有的货物最终摆成一个大的立方体。即在长、宽、高的方向上分别堆 L 、 W 、 H 的货物，满足 n = L × W × H。给定 n ，请问有多少种堆放货物的方案满足要求。

例如，当 n = 4 时，有以下 6 种方案： 1 × 1 × 4 、 1 × 2 × 2 、 1 × 4 × 1 、 2 × 1 × 2 、 2 × 2 × 1 、 4 × 1 × 1

请问，当 n = 2021041820210418 （注意有 16位数字）时，总共有多少种方案？
提示：建议使用计算机编程解决问题。

思路分析：

循环暴力枚举解决法，理论上可以，可行性不行，转换思路分解出整个数字的所有因（约）数，然后对所有的因数暴力枚举两重循环，计算出结果。

 #include int judge(long long a,long long b,long long c) { if(a==b==c)//长宽高相同排列只有一种组合return 1; if(a==b&&a!=c||a==c&&a!=b||b==c&&a!=b) //长宽高 任意两个相同排列只有3种return 3; else return 6; //长宽高都不相同排列只有6种} int mian() { long long n =2021041820210418; long long L,W,H; long long ans=0;for(L=1;L*L*L<=n;L++) //l是最小的一方 { if(n%L==0)//小优化{for(W=L;L*W*W<=n;W++)//l是第二大的一方，次数多 { if(n%(L*W)==0)//小优化  { H=n/L/W; if(H>=W){ ans+=judge(L,W,H); }} }}} printf("%d",ans); } 

结果：2430

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